2015年湖北高考生物复习专项检测：思维判断2

湖北2015年高考生物复习专项检测：思维判断2

　　2015年湖北高考生正在努力备考中，湖北高考网整理了2015年湖北高考生物备考资料，希望对大家的复习有帮助！

　　1.据是否消耗O2不消耗O2——无氧呼吸,\x(消耗O2,——有氧呼吸)(耗氧量=CO2产生量→只进行有氧,　呼吸,耗氧量CO2产生量→呼吸底物可,　能有脂质说明：若已知的是酒精产生量，则其物质的量等于无氧呼吸产生CO2的物质的量。

　　(2)据产物划分

　　(3)动物细胞中CO2只来自有氧呼吸，其产生场所只有线粒体。

　　(4)酵母菌有氧呼吸和无氧呼吸共存时呼吸强度大小(消耗葡萄糖速率)

　　CO2释放量>O2消耗量 VCO2/VO2=4/3 有氧呼吸和无氧呼吸消耗葡萄糖的速率相等 VCO2/VO2>4/3 无氧呼吸消耗葡萄糖的速率大于有氧呼吸的 1

　　2.如果一个精原细胞核的DNA分子都被15N标记，现只供给该精原细胞含14N的原料，则其减数分裂产生的4个精子中，含有15N、14N标记的DNA分子的精子所占比例依次为(不考虑交叉互换现象)(　　)

　　A.100%、0 B.50%、50%

　　C.50%、100% D.100%、100%

　　答案　D

　　解析　依据题意画出减数分裂过程中染色体的变化简图(如图1)。由于染色体是由DNA和蛋白质组成的，染色体的复制实际上是DNA分子的复制，而DNA分子的复制是半保留复制，故可再画出图2来帮助解题。

　　3.经减数分裂产生的配子，同时含有3个父方(或母方)染色体的配子占多少(　　)

　　A. B. C. D.

　　答案　C

　　解析　解答该题的关键是要知道在减数第一次分裂中：同源染色体分离，非同源染色体自由组合。任何一条染色体经减数分裂进入指定配子的可能性为，让3条指定的染色体同时进入一个指定的配子的可能性为()3。这与将3枚硬币同时抛向空中，落地时正面(或反面)同时朝上(或朝下)的可能性为1/8是一个道理。还可以用另外一个方法解释此类题目：根据题意知道A和A、B和B、C和C为3对同源染色体，在减数分裂形成配子的过程中，同源染色体分离，即A和A、B和B、C和C互相分离，同时非同源染色体自由组合，形成8种配子，每种类型各占1/8，如下图所示，用分枝法写出。

　　五、与遗传定律有关的计算

　　4.某种常染色体上的隐性遗传病在人群中的发病率为。有1对夫妇均正常，其中一方的母亲是该病患者，请问，这对夫妇的子女患该种遗传病的可能性有多大(　　)

　　A. B. C. D.

　　答案　D

　　解析　一般人群中发病率为，设其病人基因型为aa，则a配子的频率为，A配子的频率为1-=。由下表知人群随机婚配时基因型AA和Aa的频率分别为：AA=()2，Aa=2××。则在正常人群中Aa的概率为：[2××]&pide;[()2+2××]=，即这对夫妇的男方基因型为Aa的概率为。因此，他们生出有病孩子的概率为：×=。

　　精子卵细胞A() a() A() AA[()×()] Aa[()×()] a() Aa[()×()] aa[()×()] 13.豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒种子(R)均为显性。两亲本豌豆杂交的F1表现型如图所示。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为(　　)

　　A.3∶3∶2∶2 B.3∶1∶3∶1

　　C.1∶1∶1∶1 D.2∶2∶1∶1

　　答案　D

　　解析　由坐标图推测出亲本的基因型为YyRr、yyRr，则F1黄色圆粒豌豆中，基因型为YyRR、YyRr的比例分别为：1/3、2/3，绿色皱粒的基因型为yyrr,1/3YyRR与yyrr杂交的后代的表现型及比例为：(1/3)×(1/2黄色圆粒+1/2绿色圆粒)=1/6黄色圆粒+1/6绿色圆粒;2/3YyRr与yyrr杂交的后代的表现型及比例为：(2/3)×(1/4黄色圆粒+1/4绿色圆粒+1/4黄色皱粒+1/4绿色皱粒)=1/6黄色圆粒+1/6绿色圆粒+1/6黄色皱粒+1/6绿色皱粒，以上两个比例相加得：黄色圆粒(2/6)绿色圆粒(2/6)∶黄色皱粒(1/6)绿色皱粒(1/6)=2∶2∶1∶1，答案选D。

　　5.已知豌豆的红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性，控制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交，F2理论上为(　　)

　　A.12种表现型

　　B.高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩=15∶1

　　C.红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩=1∶1∶1∶1

　　D.红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩=27∶1

　　答案　D

　　解析　设豌豆的花色由A、a基因控制，高度由B、b基因控制，粒形由C、c基因控制，由题意知：AABBcc与aabbCC杂交所得F1的基因型为AaBbCc，F1自交得到F2，利用分解组合法对三对性状先分别讨论，每对性状自交[Aa×Aa(或Bb×Bb或Cc×Cc)]所得F2均为2种表现型(显性占3/4、隐性占1/4)、3种基因型，将三对性状组合，即可得出F2的表现型种类为2×2×2=8(种)，基因型种类为3×3×3=27(种)，高茎子粒饱满(B__C__)∶矮茎子粒皱缩(bbcc)=[(3/4)×(3/4)]∶[(1/4)×(1/4)]=9∶1，红花子粒饱满(A__C__)∶红花子粒皱缩(A__cc)∶白花子粒饱满(aaC__)∶白花子粒皱缩(aacc)=[(3/4)×(3/4)]∶[(3/4)×(1/4)]∶[(1/4)×(3/4)]∶[(1/4)×(1/4)]=9∶3∶3∶1，红花高茎子粒饱满(A__B__C__)∶白花矮茎子粒皱缩(aabbcc)=[(3/4)×(3/4)×(3/4)]∶[(1/4)×(1/4)×(1/4)]=27∶1。

　　6.如图是人类某一家族遗传病甲和遗传病乙的遗传系谱图(设遗传病甲与A、a这一对等位基因有关，遗传病乙与另一对等位基因B、b有关，且甲、乙两种遗传病中至少有一种是伴性遗传病)。下列有关说法不正确的是(　　)

　　A.乙病为伴性遗传病

　　B.7号和10号的致病基因都来自1号

　　C.5号的基因型一定是AaXBXb

　　D.3号与4号再生一个两病兼患男孩的可能性为3/16

　　答案　B

　　解析　对于甲病来说，3、4和8号的患病情况说明甲病为显性遗传病，4号患病而8号不患病，说明不是伴性遗传病，所以甲病是常染色体上的显性遗传病。根据题意可知乙病是伴性遗传病。3、4和7号的患病情况说明乙病为伴X染色体隐性遗传病。所以3号和4号的基因型为AaXBXb和AaXBY，则其再生一个两病皆患男孩的可能性为(3/4)×(1/4)=3/16。5号患甲病，含有A基因，因为9号不患病，所以5号甲病对应的基因型为Aa;对于乙病来说，5号正常而10号患病，所以5号基因型为XBXb，可得出5号的基因型为AaXBXb。10号的患病基因是1号通过5号传递而来的，但7号的致病基因来自3号。

　　六、与基因频率有关的计算

　　7.据调查，某小学的学生中，色盲的基因型及比例分别为XBXB42.32%、XBXb7.36%、XbXb0.32%、XBY46%、XbY4%，则在该地区XB和Xb的基因频率分别为(　　)

　　A.6%、8% B.8%、92%

　　C.78%、92% D.92%、8%

　　答案　D

　　解析　解本题的关键是先求得色盲基因的总数，假设该校学生总数为10 000人，则基因型为XBXB、XBXb、XbXb、XBY、XbY的人数分别为4 232人、736人、32人、4 600人、400人，则女生男生总人数各为5 000人，那么XB的基因频率=(4 232×2+736+4 600)/(5 000×2+5 000)，结果约为92%，Xb的基因频率为8%。

　　8.已知某植物的高茎与矮茎为一对相对性状，高茎为显性，由一对等位基因T与t控制;绿色茎与紫色茎为一对相对性状，绿茎为显性，由基因R控制，紫茎为r基因控制的隐性性状。在随机授粉的该种植物种群中，各种表现型的比例如下表：

　　表现型 百分比 表现型 百分比 高绿茎 63% 矮绿茎 12% 高紫茎 21% 矮紫茎 4% 请计算：

　　(1)基因型为TT的植株所占的百分比是多少?

　　(2)基因型为TTRR的植株所占的百分比是多少?

　　答案　(1)基因型为TT的植株所占的百分比为36%

　　(2)基因型为TTRR的植株所占的百分比为9%

　　解析　本题实际是求TT与TTRR的基因型频率。根据题中提供的数据可知：矮茎所占的百分比为：12%+4%=16%，即tt的基因型频率为16%(q=0.16);紫茎所占的百分比为：21%+4%=25%，即rr的基因型频率为25%(q=0.25)。根据遗传平衡定律的计算公式可知，t的基因频率为：q1= =0.4，则T的基因频率为：p1=1-0.4=0.6，TT的基因型频率为：0.62=0.36=36%;r的基因频率为：q2= =0.5，则p2=1-0.5=0.5，RR的基因型频率为0.52=0.25=25%;所以TTRR的基因型频率为36%×25%=9%。

　　9.在能量金字塔中，如果生产者在光合作用中产生240 mol氧气，全部用于初级消费者分解血液中的血糖，其释放并储存在ATP中的能量最多有多少焦耳可被三级消费者捕获(　　)

　　A.0.24×106 J B.5.061×106 J

　　C.1.008×106 J D.1.858×106 J

　　答案　D

　　解析　由血糖分解的反应式得知，240 mol氧气全部用于分解初级消费者的血糖，储存在ATP中的能量约为40×1 161=46 440 kJ。当食物链中低营养级生物(设有M g)向高营养级生物传递时，高营养级生物能获得的最多能量可用(20%)nM来计算(又称食量缩小法)，获得的最少能量可用(10%)nM来计算(n为食物链中相应营养级总数减1);当食物链中由高营养级生物的增重求低营养级生物的物质重量时，应该用除法计算(又称食量放大法)。如高营养级生物要增重N g，至少需要低营养级生物的物质重量应按最高传递率来计算，即N&pide;(20%)n=5nN，而最多需要低营养级生物的物质重量应按最低传递率来计算，即N&pide;(10%)n=10nN。故此题三级消费者所捕获的最大能量为46 440×20%×20%=1 857.6 kJ≈1.858×106 J。

　　10.如图是某生态系统中食物网简图。图中甲～庚代表各种不同的生物。已知各营养级之间的能量传递效率均为10%，若一种生物摄食两种下一营养级的生物，且它们被摄食的生物量相等，则丁每增加10千克生物量，需消耗生产者________千克。

　　答案　3 250 kg

　　解析　从题目中可以获得该食物网的能量传递效率为10%，“若一种生物摄食两种下一营养级的生物，且它们被摄食的生物量相等”，这句话确定了“某一生物从不同食物链获得能量的比例”。图解如图所示。丁每增加10 kg生物量，需消耗生产者3 250 kg。

　　11.(2012·安徽卷，30Ⅱ)某弃耕地的主要食物链由植物→田鼠→鼬构成。生态学家对此食物链能量流动进行了研究，结果如下表，单位是J/(hm2·a)。

　　植物 田鼠鼬固定的太阳能 摄入量 同化量 呼吸量 摄入量 同化量 呼吸量 2.45×1011 1.05×109 7.50×108 7.15×108 2.44×107 2.25×107 2.18×107 (1)能量从田鼠传递到鼬的效率是______。

　　(2)在研究能量流动时，可通过标志重捕法调查田鼠种群密度。在1 hm2范围内，第一次捕获并标记40只田鼠，第二次捕获30只，其中有标记的15只。该种群密度是______________只/hm2。若标记的田鼠有部分被鼬捕食，则会导致种群密度估算结果__________。

　　答案　(1)3%　(2)80　偏高

　　解析　(1)田鼠的同化量是7.50×108 J/(hm2·a)，鼬的同化量是2.25×107 J/(hm2·a)，故能量传递效率为(2.25×107)/(7.50×108)×100%=3%。(2)设1 hm2的范围内种群数量为M，则40/M=15/30，M=80。若标记的田鼠有部分被鼬捕食，即重捕个体中标记个体数减少，则估算值M偏高。